转发引用不是推导成R值引用吗？[副本]

Question

我有一个关于转发推荐信的具体问题。（我认为）我理解R值引用和std::move，但理解转发引用有困难：

#include <iostream>
#include <utility>

template <typename T> class TD; // from "Effective Modern C++"

void consume(const int &i) { std::cout << "lvalue\n"; }
void consume(int &&i)      { std::cout << "rvalue\n"; }

template <typename T>
void foo(T&& x) {
//    TD<decltype(x)> xType; - prints int&&
    consume(x);
}

int main() {
    foo(1 + 2);
}

t是int，这很好。如果x是int&类型，为什么它打印“lvalue”，而我们需要std::forward？我的意思是，从int&&到const int&的转换在哪里？

Answer 1

类型和值类别是两个独立的东西。x的类型是int&，但x是变量的名称，x是一个lvalue表达式，它不能绑定到int&（但可以绑定到const int&)。

以下表达式是lvalue表达式：

• 变量、函数、模板参数对象（自C++20起）或数据成员的名称，无论类型如何，如std：：cin或std：：endl。即使变量的类型是rvalue引用，由其名称组成的表达式也是lvalue表达式；

std::forward用于根据转发引用参数的原始值类别将操作数转换为rvalue或lvalue。这意味着，当lvalueint传递给foo时，t被推导为int&，那么std::forward (x) 将是lvalue表达式；当rvalueint传递给foo时，t被推导为int，那么std::forward (x) 将是rvalue表达式。因此std::forward可用于保留原始转发引用参数的值类别。

Answer 2

呼叫：

consume(x);

将始终选择consumer()的lvalue引用重载，因为表达式x是一个lvalue。这与x的推导类型无关。

但是，通过调用consumer()作为：

consume(std::forward<T>(x));

如果传递给foo()（即包装函数）的参数的值类别是一个rvalue，它将选择rvalue引用重载-即，它将该值类别传播到嵌套调用。