仅由一个线程写入的易失性布尔开关是安全的吗？

Question

我有以下代码：

public class Simulation
{       
    public static volatile boolean  IS_EVEN_TICK;
}

在另一个（可运行的）类中：

public void run()
{
    while (true)
    {
        // flip the "even/uneven tick" switch
        Simulation.IS_EVEN_TICK = !Simulation.IS_EVEN_TICK;
    }
}

据我所知，这通常不是线程安全的，因为写入到模拟。IS_EVEN_TICK取决于该变量的当前值。然而，这个线程是唯一写入变量的线程，所有其他线程只会读取变量（如果他们访问它）。

变量的易变性是否足以确保所有线程都从中读取正确的值，还是需要同步对变量的访问？

Answer 1

试着阅读规范并理解JMM，如果你的变量易失性这意味着变量将直接在堆中创建，并且没有一个处理器不将该值复制到自己的缓存中。

Volatile字段是用于在线程之间通信状态的特殊字段。对volatile的每次读取都会看到任何线程对该volatile的最后一次写入；实际上，程序员将它们指定为字段，因为缓存或重新排序的结果永远不会允许看到“过时”值

Answer 2

然而，这个线程是唯一写入变量的线程...变量是否足够不稳定，以确保所有线程都从中读取正确的值。

如果只有一个作者，那么就没有种族条件。不需要跨变量同步。

您可以考虑使用<代码> AtomicBoolean <代码>，但它不支持<代码> ToGeLe[（）/<代码>方法，因此，如果您有多个写入器切换该值，则必须执行如下操作：

private final AtomicBoolean isEvenTick = new AtomicBoolean();
...
boolean currentValue;
do {
  currentValue = isEvenTick.get();
} while (!isEvenTick.compareAndSet(currentValue, !currentValue);