@webservlet注释web.xml欢迎-文件

Question

@WebServlet(name="Controller", urlPatterns={"/login", "/show_dbs"})

<?xml version="1.0" encoding="ISO-8859-1"?>
<web-app xmlns="http://java.sun.com/xml/ns/javaee"
         xmlns:xsi="http://www.w3.org/2001/XMLSchema-instance"
         xsi:schemaLocation="http://java.sun.com/xml/ns/javaee
         http://java.sun.com/xml/ns/javaee/web-app_3_0.xsd" version="3.0">

    <welcome-file-list>
        <welcome-file>Controller</welcome-file>
    </welcome-file-list>
</web-app>

几乎所有的事情都很顺利，我可以打开http://localhost:8080/project/login和http://localhost:8080/project/show_dbs，我来到controller.java。但是当我打开http://localhost:8080/project/时，我得到一个404错误。

我将Eclipse与一个“动态Web项目”一起使用，controller.java文件位于/src（默认包）下，Web.xml文件位于/webcontent/web-inf下。

我希望你能给我点提示。

Answer 1

在欢迎文件列表中，必须指定URI。但您已经指定了servlet的名称。

引用Java™Servlet规范3.0版（强调我的）：

Web应用程序开发人员可以在Web应用程序部署描述符中定义称为欢迎文件的部分URI的有序列表。列表的部署描述符语法在Web应用程序部署描述符架构中描述。

如果没有以所描述的方式找到匹配的欢迎文件，容器可以以它认为合适的方式处理请求。对于某些配置，这可能意味着返回目录列表，对于其他配置，这可能意味着返回404响应。

附注。

另请参阅第10.10章规范中的示例