如何获取inputStream使用的文件名？[副本]
我有一个方法接受InputStream作为参数。如何找到传递的处理程序正在处理哪个文件？
例如：
public performSomething(InputStream inputStream) {
System.out.println(FILENAME);
}
文件名应该替换为什么，以便显示处理程序打开的文件的名称。
共有3个答案
即使您确定您有一个文件输入流，您仍然无法获取底层文件FileInputStream不保留其参数，但立即打开文件并只保留文件描述符，它是操作系统资源的本机int句柄的包装。
在OpenJDK版本7的更新40中，引入了一个字符串路径变量，因此如果运气好的话，您可以尝试反射地获得它。
当然，这只能是启发式。没有通过公共API的官方方式。
可以创建输入流以从文件或任何其他数据源读取。因此，将文件名附加到输入流是没有意义的。
简单示例：
InputStream input= assetInfo.openStream();
File t = new File("");
OutputStream out = new FileOutputStream(t);
int read=0;
byte[] bytes = new byte[1024];
while((read = input.read(bytes))!= -1){
out.write(bytes, 0, read);
}
查看assetInfo以查看该类是否公开了该数据（您甚至可以使用反射查看该类内部）。请注意，创建者或assetInfo在没有公开此信息的情况下犯了一个设计错误，或者您现在正试图这样做。
我想你不能，因为输入流可能不属于文件。例如，它可以是SocketInputStream，也可以是ByteArrayInputStream。输入流只是一个抽象
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上面是我的根、目录和路径的结构。我想得到三样东西<代码>汽车，和。 是目录的名称 这是我的代码： 如您所见，我设法获得了和。现在我想得到每个文件的车名（directroy的名字）。。。最简单的方法是什么？
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问题内容： 我必须使用SFTP从ZIP存档（只有一个文件，我知道它的名称）中获取文件内容。我唯一拥有的是ZIP的。大多数示例说明如何使用以下语句获取内容： 但是正如我所说，我的本地计算机上没有ZIP文件，也不想下载它。是够看了？ UPD： 这是我的方法： 问题答案： 好吧，我已经做到了： 它可以帮助我阅读ZIP的内容而无需写入另一个文件。
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我必须使用SFTP从ZIP存档（只有一个文件，我知道它的名称）获取文件内容。我唯一拥有的是ZIP的InputStream。大多数示例显示了如何使用此语句获取内容： 但正如我所说，我的本地机器上没有ZIP文件，我不想下载它。输入流是否足以读取？ UPD：我就是这样做的：
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我的Android应用程序中有以下字符串：
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问题内容： 我如何阅读像android app中的文本文件： 所以我可以返回一个字符串，如： 我想到的是（伪代码）： 问题答案： 试试这个
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