Flask：如何使用jsonify更改状态代码以返回响应？
在我的烧瓶应用程序中，我想将响应存储在MongoDB中。我想更改状态代码和响应数据，以防存储任务无法完成。如何更改响应对象的状态代码
这是用于Python3.6中开发的Flask应用程序
@after_request()
def after_request(response):
data = response.get_json(silent=True)
session_id = uuid.uuid4().hex
if response.status_code == 200 and "results" in data:
try:
collection = utils.mongodb_connection(db_info)
insertion = utils.insert_in_mongo(collection, data["results"], session_id)
data["report_id"] = insertion.get("id",None)
return jsonify(data)
except Exception as e:
data["message"] = "Error in storing data"
response.status_code = 413
return jsonify(data)
现在如果有异常，我收到状态代码200
共有1个答案
您还可以使用make_response方法。就像：
from flask import make_response
@app.route('/')
def hello():
data = {'hello': 'world'}
return make_response(jsonify(data), 403)
-
问题内容： 我在使用flask.jsonify函数从字典输入中输出格式化的json响应时遇到了一些麻烦，如此处所述。 我的代码似乎正在返回Response对象，而不是我想要的格式化json对象。 我有 其中dict是从调用函数返回的字典对象。 在我的模板中，我有： 显示如下： 我该如何返回我要寻找的json表示形式？ 问题答案： 你可以像这样使用json.dumps： 然后将其格式化为模板，如下所
-
问题内容： 在服务器端，我只是将json-as-dictionary打印到控制台 现在，每当我通过ajax发出发布请求时，控制台都会打印出包含我所需内容的字典。 在客户端，我一直在尝试使用各种方法来基于成功的ajax调用执行一些jquery。我只是意识到这可能是服务器端的错误，即我没有发送任何请求标头来告诉jquery其ajax调用成功。 那么，如何将OK状态发送回给客户以告诉一切一切正常？ 为了
-
我试图让ApacheHttpClient触发HTTP请求，然后显示HTTP响应代码（200404500等）以及HTTP响应正文（文本字符串）。需要注意的是，我使用的是因为大多数HttpClient示例都来自和API从版本3到版本4发生了巨大变化。 不幸的是，我只能让HttpClient返回状态代码或响应主体（但不是两者）。 这是我所拥有的： 所以我问：使用库，如何从同一
-
问题内容： 我们正在使用Flask作为我们的API之一，我只是想知道是否有人知道如何返回HTTP响应201？ 对于诸如404之类的错误，我们可以致电： 但是对于201我得到 LookupError：201都不例外 我是否需要创建自己的例外，像这样的文档？ 问题答案： 你可以在这里阅读。
-
我使用curl获取http头以查找http状态代码并返回响应。我使用以下命令获取http头
-
如图所示，添加操作显示“响应类（状态200）”。但是，add操作的实现方式使其永远不会返回200。一旦成功，它就会返回201。 我的问题是如何将（状态200）更改为（状态201）？本部分代码如下： 谢谢