flask蓝图模板文件夹

Question

我的flask应用程序布局为：

myapp/
    run.py
    admin/
        __init__.py
        views.py
        pages/
            index.html
    main/
        __init__.py
        views.py
        pages/
            index.html

_ init _ .py文件为空。admin / views.py的内容是：

from flask import Blueprint, render_template
admin = Blueprint('admin', __name__, template_folder='pages')

@admin.route('/')
def index():
    return render_template('index.html')

main / views.py与admin / views.py类似：

from flask import Blueprint, render_template
main = Blueprint('main', __name__, template_folder='pages')

@main.route('/')
def index():
    return render_template('index.html')

run.py是：

from flask import Flask
from admin.views import admin
from main.views import main

app = Flask(__name__)
app.register_blueprint(admin, url_prefix='/admin')
app.register_blueprint(main, url_prefix='/main')

print app.url_map

app.run()

现在，如果我访问http://127.0.0.1:5000/admin/，它将正确显示admin / index.html。但是，http://127.0.0.1:5000/main/仍显示admin / index.html而不是main / index.html。我检查了app.url_map：

<Rule 'admin' (HEAD, OPTIONS, GET) -> admin.index,
<Rule 'main' (HEAD, OPTIONS, GET) -> main.index,

另外，我验证了main / views.py中的索引函数是否按预期方式被调用。如果我将main / index.html重命名为其他名称，那么它将起作用。因此，不重命名，如何实现1http：//127.0.0.1：5000 / main / 1显示main / index.html？

Answer 1

从Flask 0.8开始，设计图将指定的template_folder添加到应用程序的搜索路径中，而不是将每个目录都视为单独的实体。这意味着，如果你有两个具有相同文件名的模板，则在搜索路径中找到的第一个模板就是所使用的模板。公认的是，这令人困惑，并且目前尚无记录。看来你并不是唯一对此行为感到困惑的人。

这种行为的设计原因是，可以轻松地从主应用程序的模板中覆盖蓝图模板，这些模板是Flask模板搜索路径中的第一行。

我想到两个选择。

• 将每个index.html文件重命名为唯一的（例如admin.html 和main.html）。
• 在每个模板文件夹中，将每个模板放在blueprint文件夹的子目录中，然后使用该子目录调用模板。例如，你的管理模板将是yourapp/admin/pages/admin/index.html，然后从蓝图中以调用render_template('admin/index.html')。