我需要我的PHP页面以显示来自MySQL数据库的BLOB图像

Question

所以我的最后一个问题是如何从搜索中显示我的techID：

我正在尝试让我的“详细信息”页面引用通过techID链接的服务器的两个独立部分

我的新问题仍在此页面上。我还添加了回声图像。但在使用Blob和显示我的图像而不是二进制JPEG数据时遇到了麻烦。我一直在尝试寻找这种情况的另一个实例，但是找不到任何可以解决我的错误的实例。

//Header ('Content-type: image/jpeg')
echo "<dt><strong>Technician Image:</strong></dt><dd>" . '<img src='.$row2['image'].' width="290" height="290">' . "</dd>";

和

$query_Recordset2 = "SELECT * FROM technician WHERE techID=" . $row1["techID"] ;
$Rs2 = mysql_query($query_Recordset2) or die(mysql_error());

是我到目前为止提出的最后一个问题中唯一的更改（显然包括我得到的有效修复）。

我不明白的是'Content-type: image/jpeg'我的页面在哪里以及如何放置以识别链接的图像，这是它的MIME TYPE
image/jpeg。

我在页面上看到的是

技术员图像： E j i`= 7f $D o“ b Ckkc R ^M ; n〜 0＆m）J R E）JDR E）JDR E）JDR E）JDR
E）JDR E）JDSjR ） + N .R，u 。 i n9， QX〜 {{（ ̮ ： 2 12 ‘’ aV7 6 {LP R $ + LMc’hM
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[[{+ D。;;’$$$ &&iJR ）JR ）JR ）JR。 ）JR ）JR ）JR ）JR ）JR ）JR ）JR ）JR ） width =“
290” height =“ 290”>

显然，我删除了一个中间块，因此它并不庞大。前面出现一个小的“损坏的图像”框，当我单击鼠标右键并选择“在新窗口中打开图像”时，其输入的URL就是简单的Content- type:或我获得了带有该URL的禁止访问页面http:// localhost/Sim5Server/Pages/%EF%BF%BD%EF%BF%BD%EF%BF%BD%EF%BF%BD%EF%BF%BD%10JFIF%EF%BF%BD%01%02%EF%BF%BD%EF%BF%BDd%EF%BF%BDd%EF%BF%BD%EF%BF%BD%EF%BF%BD%EF%BF%BD%EF%BF%BDC%EF%BF%BD

我在该网址中放置了一个空格，因为它不是互联网的链接。

我只使用了普通的BLOB类型，因为我只需要小于64Kb的图像

Answer 1

在当前情况下，您有两个预先选择。

第一个，如果您有很多这样的图像，我不建议您使用内联base64编码。这可以通过以下方式完成：

<img src="data:image/jpeg;base64,<?php echo base64_encode($image); ?>" />

使用现有代码的复制/粘贴版本：

echo '<dt><strong>Technician Image:</strong></dt><dd>'
     . '<img src="data:image/jpeg;base64,' . base64_encode($row2['image']) . '" width="290" height="290">'
     . '</dd>';

第二种方法是创建一个“图像” PHP文件，该文件将数据库中图像的ID作为查询字符串参数并输出图像。因此，您的HTML看起来类似于：

<img src="image.php?id=<?php echo $image_id; ?>" />

您的PHP页面看起来类似于：

<?php
$id = (isset($_GET['id']) && is_numeric($_GET['id'])) ? intval($_GET['id']) : 0;
$image = getImageFromDatabase($id); // your code to fetch the image

header('Content-Type: image/jpeg');
echo $image;
?>