Java Servlet Web XML URL映射
我为Tomcat处理这个web xml文件已经有一段时间了。
<context-param>
<param-name>name</param-name>
<param-value>Bob</param-value>
</context-param>
<servlet>
<servlet-name>test</servlet-name>
<servlet-class>TestServlet</servlet-class>
</servlet>
<servlet-mapping>
<servlet-name>test</servlet-name>
<url-pattern>/servlet/*</url-pattern>
</servlet-mapping>
我知道这个文件正在被读取，因为当我使用
public class TestServlet extends HttpServlet{
public void doGet(HttpServletRequest req, HttpServletResponse res){
res.setContentType("text/html");
String name = getServletContext().getInitParameter("name");
PrintWriter out = null;
try{
out = res.getWriter();
}catch(Exception e){}
out.println("<html><head></head><body><img src=\"/twitter.png\"><p>Hi my name is " + name + "</p></body></html>");
}
}
我能够读出我放在上下文参数中的名称。我要问你们的问题是，我如何创建一个网址映射，这样我就不必通过 /servlet/来访问网址中的servlet？当我试图制作一个网址模式时，比如
/test/*，即使我说网站/测试/TestServlet，我也无法访问servlet。我从浏览器中得到404未找到错误
共有1个答案
将servlet类放在一个包中，不要依赖于InvokerServlet。它从Tomcat 5.5开始被禁用，并在Tomcat 7.0中被删除。
请不要阅读10~15岁的教程/书籍。技术每年都在变化。
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