Gulp错误：以下任务没有完成：您是否忘记发出异步完成的信号？

Question

var gulp = require('gulp');

gulp.task('message', function() {
  console.log("HTTP Server Started");
});

[14:14:41] Using gulpfile ~\Documents\node\first\gulpfile.js
[14:14:41] Starting 'message'...
HTTP Server Started
[14:14:41] The following tasks did not complete: message
[14:14:41] Did you forget to signal async completion?

[14:15:15] CLI version 0.4.0
[14:15:15] Local version 4.0.0-alpha.2

Answer 1

由于任务可能包含异步代码，因此必须在任务执行完毕时向gulp发出信号(=“异步完成”）。

在Gulp3.x中，你可以不这么做就逃走。如果您没有显式地发出异步完成的信号，gulp只会假设您的任务是同步的，并且任务函数一返回就完成了。GULP4.x在这方面更加严格。您必须明确地发出任务完成的信号。

你可以通过六种方式做到这一点：

var print = require('gulp-print');

gulp.task('message', function() {
  return gulp.src('package.json')
    .pipe(print(function() { return 'HTTP Server Started'; }));
});

gulp.task('message', function() { 
  return new Promise(function(resolve, reject) {
    console.log("HTTP Server Started");
    resolve();
  });
});

gulp.task('message', async function() {
  console.log("HTTP Server Started");
});

对于您的用例来说，这可能是最简单的方法：gulp自动将回调函数作为它的第一个参数传递给您的任务。完成后只需调用该函数：

gulp.task('message', function(done) {
  console.log("HTTP Server Started");
  done();
});

如果您必须直接调用命令行工具，因为没有可用的Node.js包装器，这非常有用。它适用于您的用例，但显然我不推荐它（尤其是因为它不是非常可移植性）：

var spawn = require('child_process').spawn;

gulp.task('message', function() {
  return spawn('echo', ['HTTP', 'Server', 'Started'], { stdio: 'inherit' });
});

我从未使用过这种机制，但如果您使用的是RxJS，它可能会很有用。如果你只是想打印一些东西，这有点矫枉过正：

var of = require('rxjs').of;

gulp.task('message', function() {
  var o = of('HTTP Server Started');
  o.subscribe(function(msg) { console.log(msg); });
  return o;
});

gulp.task('message3', function() {
  var e = new EventEmitter();
  e.on('msg', function(msg) { console.log(msg); });
  setTimeout(() => { e.emit('msg', 'HTTP Server Started'); e.emit('finish'); });
  return e;
});