使用php变量创建mysql表不起作用
我是php的新手，这可能是一个愚蠢的错误……但是我不知道发生了什么。我正在尝试使用php在数据库中创建一个表。我想用用户名命名该表。我正在使用变量$tableusername。这是我的代码
$sql="SELECT * FROM userdata WHERE username='$username'";
$result=mysql_query($sql);
while ($row = mysql_fetch_assoc($result))
{
$tableusername = $row["username"];
}
$create = "CREATE TABLE `".$tableusername."` ('
. ' `ID` INT NOT NULL AUTO_INCREMENT PRIMARY KEY, '
. ' `please` VARCHAR(50) NOT NULL, '
. ' `make` VARCHAR(50) NOT NULL, '
. ' `this` VARCHAR(50) NOT NULL, '
. ' `work` VARCHAR(50) NOT NULL'
. ' )'
. ' ENGINE = myisam;";
mysql_query($create)
?>
<html>
<head>
</head>
<body>
You have successfully signed up. <?php echo $tableusername ?>
</body>
</html>
因此，这将创建一个名为的表$tableusername。变量不会保留。但是echo $tableusername- 当我-变量结转。我对此很陌生-
因此，感谢您的帮助。
问题答案：
在您的SQL查询之后添加它-（它确实可以帮助并加快错误纠正时间）
or die("A MySQL error has occurred.<br />Error: (" . mysql_errno() . ") " . mysql_error());
回声 这在您的实例：
发生MySQL错误。错误：（1064）您的SQL语法有错误；检查与您的MySQL服务器版本相对应的手册，以在’‘附近使用正确的语法。’ IDINT
NOT NULL AUTO_INCREMENT主键，’。please第1行的“ VARCH”
然后，这向我表明错误与 “ ＆ ”有关 。
将代码更改为包含单引号并执行后，现在没有回显了。
<?php
$tableusername = "philip";
$create = "CREATE TABLE `".$tableusername."` ("
. " `ID` INT NOT NULL AUTO_INCREMENT PRIMARY KEY, "
. " `please` VARCHAR(50) NOT NULL, "
. " `make` VARCHAR(50) NOT NULL, "
. " `this` VARCHAR(50) NOT NULL, "
. " `work` VARCHAR(50) NOT NULL"
. " )"
. " ENGINE = myisam;";
mysql_query($create)or die("A MySQL error has occurred.<br />Error: (" . mysql_errno() . ") " . mysql_error());
?>
注意：使用PHP中嵌入的SQL时，请参考MySQLi扩展。mysql_
*正在弃用过程中。
希望这可以帮助。
-
问题内容： 我在用PHP变量创建SQL表时遇到了麻烦。 假设$ tbl_date =“ data”; 它不会创建表。 问题答案： 您的表名不在引号中，因此似乎无法正常工作。试试这个： 字段名称也是如此。 也可以尝试一下，这样人类更容易阅读： 请注意不同类型的引号： -在PHP中用于构建某些字符串（例如SQL查询）的单引号和双引号 -专门用作表名和列名的SQL查询一部分的反引号
-
问题内容： 我有一个html表，可将mySQL数据库表中的所有内容加载。我有与该mySQL表的列相关的下拉菜单-当用户选择下拉菜单之一时，它将使用AJAX查询数据库。 我需要弄清楚如何动态构建查询，因为有时下拉列表将为空（即，它们不想按该列进行过滤）。 做这个的最好方式是什么？ 目前我有这样的事情： 您可以想象这是行不通的，因为如果这些字段中的任何一个为空，查询都会失败（或者不返回任何内容）。 显
-
我试图将变量插入数据库中的一个表中，由于某种原因，insert查询没有将我的值插入到所述数据库中。我已经测试了“test_input”函数，它工作得很好，我知道连接正在工作，因为我稍后在代码中使用的一个SELECT查询正在工作。我也知道输入是在$_PostSuperGlobal中，所以我认为这可能与insert查询有关，排除了其他可能性。这个查询有什么问题吗？以下是我的php代码： 这是我的HTM
-
问题内容： 我想插入变量，并到我的桌前。现在，从我可以告诉我的所有信息中，我应该做的就是，下面是我所要做的，但是这根本不会在我的表中插入任何内容。如果我对应该写的内容进行硬编码（使用它将示例写到表中，那么到目前为止我的连接和语法正确）。任何帮助将不胜感激！ 我也尝试过这个： 和： 问题答案： 您需要将SQL语句和参数作为单独的参数传递： 或使用可变参数语法（splat ） ： 您的版本尝试传入包含
-
问题内容： 我正在尝试使用PDO在PHP中运行查询。该查询在顶部具有一些变量来确定排名，除了在$ sql中使用SET @var时，它返回一个空行集。但是，如果删除有问题的SQL，它会返回正常值。 我不想在我的脚本中返回@ prev_value，@ rank_count或@rank_increasing，仅返回它在SELECT中创建的排名。 你能告诉我我做错了吗？ 谢谢 问题答案： 在此处找到解决方
-
问题内容： 对于我的新项目，我想要一种现代的方法，不需要在每个数据库请求上重新加载页面。:)我希望脚本查询数据库并使用查询信息创建表。 我尝试了在互联网上找到的不同脚本。下面的一个最接近我的需求。 index.php getdata.php 但是我只得到一个表，里面有一堆{$ value}。我尝试只用$ value，但是得到了一堆零。 我尝试了一个简单的脚本 然后我得到了som结果，但是使用此脚本