【SSL】2278Oliver的救援

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Memory Limit:65536K

Description

在你的帮助下，Oliver终于追到小X了，可有一天，坏人把小X抓走了。这正是Oliver英雄救美的时候。所以，Oliver又找到哆啦A梦，借了一个机器，机器显示出一幅方格地图，它告诉Oliver哪里能走，哪里不能走,。并且Oliver在这个地图的右下角，而小X在左上角。时间紧急，Oliver想知道，最少要走多少个格子,才能找到小X。（只能直走）。

Input

共N+1行，第一行为N，以下N行N列0-1矩阵，1表示不能通过,0表示可以通过(左上角和右下角为0). N<30.

Output

共一个数，为最少的走的格子数.

Sample Input

5
01111
00111
10001
11101
11100
1 1 5 5

Sample Output

8

思路

用BFS。
保存坐标，步数状态。

代码

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring> 
#include<queue>
#include<cmath>
using namespace std;
int n,m,x,y,zx,zy,fs[4][2]={{-1,0},{1,0},{0,-1},{0,1}};
bool d[1010][1010];
struct jgt
{
	int x,y,s;
};
queue<jgt> b;
void input()
{
	int i,j;
	char a;
	memset(d,0,sizeof(d));
	scanf("%d",&n);
	for(i=1;i<=n;i++)
	{
		getchar();
		for(j=1;j<=n;j++)
		{
			a=getchar();
			d[i][j]=!(a-48);
		}
	}
	scanf("%d%d%d%d",&x,&y,&zx,&zy);
	if(x==zx&&y==zy) //判断起点与终点相同
	{
		printf("0");
		exit(0);
	}
	return;
}
void BFS()
{
	int dx,dy,i;
	jgt t;
	d[x][y]=0;
	for(t.x=x,t.y=y,t.s=0,b.push(t);!b.empty();b.pop())
	{
		for(i=0;i<4;i++)//扩展
		{
			dx=b.front().x+fs[i][0];
			dy=b.front().y+fs[i][1];
			if(dx==zx&&dy==zy)//判断终点
			{
				printf("%d",b.front().s+1);
				exit(0);
			}
			if(1<=dx&&dx<=n&&1<=dy&&dy<=n&&d[dx][dy])
			{
				d[dx][dy]=0;
				t.x=dx,t.y=dy,t.s=b.front().s+1;
				b.push(t);//加入
			}
		}
	}
	return;
}
int main()
{
	input();
	BFS();
	return 0;
}